SOLUCIÓN TAREA 3

PROBLEMA 1.42

a) C2H3Cl cloruro de vinilo. El C tiene 4 electrones de valencia, el H 1 y el Cl 7.

Por lo tanto, la estructura de Lewis queda:

b) C2HBrClF3, halotano. Hay 2 C, en uno de ellos, están unidos los 3 F; por lo tanto, en el

otro C tienen que quedar el H, Br y Cl. Todos los átomos son monovalentes, con

excepción del C. Queda así:

c) C2Cl2F4, Freón. Cada átomo de C está unido a 1 C. Todos los átomos son monovalentes,

con excepción del C. Queda así:

PROBLEMA 1.48

a) Para el C3H8 sólo hay una opción:

b) Para el C3H6 hay 2 opciones, es un ciclo o hay un doble enlace.

c) Para el C3H4 hay 3 opciones, 2 dobles enlaces, 1 triple enlace o 1 ciclo con doble enlace.

PROBLEMA 2.24

a)

b) La fórmula general para cualquier ciclo o alqueno es CnH2n

c) Cualquier combinación de anillo y 3 enlaces dobles o 2 enlaces triples tiene la fórmula

general: CnH2n-6. Los 4 son isómeros con la fórmula C7H8.

PROBLEMA 4.31

Los epóxidos, según su tabla del apéndice tienen la fórmula:

El problema especifica que NO hay grupo metilo, por lo que el epóxido tiene que ser terminal.

La estructura que queda es:

PROBLEMA 4.34

El problema especifica que el n-butilmercaptano tiene la fórmula R-X en donde R es el n-butil y

X es el grupo tiol. Su tabla de apéndice indica que el tiol tiene la fórmula –SH (o sea, similar al alcohol –OH, pero con azufre.

PROBLEMA 4.36

Empecemos con que 1 alcohol primario está unido a 1 C que solo tiene 1 C más unido, como el

n-butanol. En el alcohol secundario el OH está unido a 1 C con 2 C unidos a él como 2-butanol y el terciario está unido a 1 C que tiene otros 3 C unidos como el tert-butanol.

PROBLEMA 4.37

Las aminas primarias solo están unidas a 1 C y tienen 2 H, las secundarias tienen 2 C unidos y 1

H y las terciarias tienen 3 C y 0 H.

Lo mismo sucede con las amidas primarias, secundarias y terciarias.

PROBLEMA 4.38

De acuerdo al apéndice de su libro, los grupos funcionales son: