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7/25/2019 Ejercicios Funciones Vectoriales.pdf
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Facultad de Ingeniera
Ejercicios de Funciones Vectoriales
1.
Determine los vectores velocidad y de posicin de una partcula que tiene aceleracin()=(0,0,10) /, velocidad inicial (0)=(1,1,0) / y posicininicial (0)=(0,0,0).
Solucin:
Integramos, respecto de , la aceleracin:()= ()
()= (0,0,10)()=(, , 10 + )
Como (0)=(1,1,0), se tiene:(0)=(,,10(0) + )=(1,1,0)
Entonces: = 1, = 1 y = 0.La velocidad de la partcula, es:
()=(1,1,10)/Integramos, nuevamente:
()= () = ( + , + , 5 + )Como (0)=(0,0,0), se tiene:
(0)=(,,)=(0,0,0)=> = = = 0Por lo tanto:
()=(,,5), 2. Halle la longitud de la curva : ()= (, sin cos , cos + sin ), 0
.Solucin:
La longitud de la curva , se obtiene de: = ()
Donde ()= (2, cos cos + sin , sin + sin + cos t) = ()= (2, sin , cos t) => () =(2)+ ( sin )+(cos)=
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=4+ ((sin)+ (cos )) =5 Por lo tanto:
= () = 5 =
unidades de longitud.
3. Determine la veracidad o falsedad de las siguientes proposiciones. Justifique su
respuesta con el desarrollo apropiado.
a) Si ( ) 4 3cos 3senr t t i t j t k , entonces la curvatura de la curva ( )r t
en todo punto es5
3k
( ) 4 3cos 3senr t t i t j t k ( ) 4 3sen 3cosr t i t j t k
( ) 0 3cos 3senr t i t j t k
2 2 2( ) 4 9sen 9cos 5r t t t
( ) ( ) 9 12sen 12cosr t r t i t j t k
2 22( ) ( ) 9 12sen 12cos 15r t r t t t
La curvatura se calcula mediante:
3 3
( ) ( ) 15 3
5 25( )
r t r t K
r t
Por tanto la proposicin es falsa.
b) La longitud de arco de la curva ( ) ,1 sen ,cosr t t t t con t0 , es
2
( ) ,1 sen , cosr t t t t
( ) 1, cos , senr t t t
2 22( ) 1 cos sen 2r t t t
Para determinar la longitud de arco empleamos la frmula:0 0
( ) 2 2r t dt dt
; los que
indica que la proposicin es verdadera.
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4. Dada la curva definida por:3
21 12 , ,2 6 6
tx t y t z En el punto donde esta corta
al plano YZdetermine:
a.
El vector tangente unitario.
b. El vector binormal unitario.
c. La ecuacin del plano normal.
321 1( ) 2, ,
2 6 6
tr t t t
La curva corta al plano YZ en x= 0, es decir t = 2, por lo que el punto por donde cortala curva al plano es:
0
13 4(2) 0, ,6 3P r
2
( ) 1, , ; (2) 1, 2, 2 ; (2) 32
tr t t r r
( ) 0,1, ; (2) 0,1, 2r t t r
(2) (2) 2 2 1 ; (2) (2) 3r r i j k r r
Con estos clculos podemos responder a las preguntas:
a)
2 1 2 2 , ,
3 3 32
rT
r
b) (2) (2) 2 2 1
2 , ,(2) (2) 3 3 3
r rB
r r
c) El plano normal a la curva en el punto 013 4
(2) 0, ,6 3
P r
se calcula mediante la
relacin:
013 4
0 1 0 2 2 06 3
T P P x y z
Simplificando se obtiene la ecuacin buscada:2 2 7 0x y z
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5. Halle los vectores , ,T N B y la curvatura para la curva: 2 32
, ,3
r t t t t
en el punto
21, ,13
(Ejercicio 33,pag 856[IV edicin], sec 13.3)
6. En qu punto de la curva3 4, 3 ,x t y t z t el plano normal es paralelo al plano
6 6 8 1x y z . (Ejercicio 39 pag. 856[IV edicin], sec 13.3)
Nota: El plano normal a una curva en el punto
0 0 0 0 0 0 0, , , ,P x y z x t y t z t de la curva, es el plano que pasa por estepunto y es perpendicular al vector tangente 0T t
7. Halle la curvatura de la elipse 3cos , 4senx t y t en los puntos 3,0 y 0,4 .
(Ejercicio 12, pag 868[IV edicin], sec 13.4)
8. Calcule la longitud de la curva 2 t tr t t i e j e k , para 0,1t (Ejercicio 3,
pag. 855[IV edicin], sec 13.3)
9. Dada la curva definida por 2 2 21 3 2 , 2 2 5 ,1r t t t t t t con t a. Demuestre que esta curva es plana
b. Halle el plano donde esta se encuentra.
Solucin
a)
3 4 , 2 10 , 2
4,10, 2
0,0,0
r t t t t
r t
r t
La torsin es:
Teniendo en cuenta que 22 2
4 6 38 0r t r t
se tiene
0,0,00
r t r t r t r t r t t
r t r t r t r t
b)
El plano que contiene a la curva plana es el plano Osculante. Para hallarlo calculamosel vector binormal
4,6,38B r t r t Notemos que el vector Binormales constante para todo valor de t, hecho que confirma que
la torsin es nula.Para construir la ecuacin del plano que contiene a la curva podemos emplear cualquier
punto0P de la curva. En particular si tomamos 0t tenemos que:
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0 0 1, 2,1P r La ecuacin del plano osculante se escribe entonces en la forma:
1 0 2 0 3 0 0B x x B y y B z z
4 1 6 2 38 1 0x y z 4 6 38 54 0x y z
2 3 19 27 0x y z