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55
METODO DE LAS FLEXIBILIDADES
l. - INTRODUCCION.
El mtodo de las flexibilidades (llamado tambin de las fuerzas)
es bsicamente la superposicin de desplazamientos en trminos de es--
tructuras estticamente determinadas. Las fuerzas o momentos que son
las incgnitas. se determinan a partir de desplazamientos conocidos con
base en las ecuaciones de compatibilidad de deformaciones, que son
aquellas ecuaciones que garantizan los desplazamientos finales como com
patibles con las condiciones de apoyo originales de la estructura.
La viga mostrada en la figura l, es hiperesttica en primer
grado, ya que hay 3 reacciones verticales y slo se pueden usar dos --
ecuaciones de esttica para resolverla. C A P I T U L O 5
METDDO DE LAS FLEXIBILIDADES L--J~_ ___ l___L __ ~--~---L--J A B e
L L
Fig. l
Aplicando la definicin del mtodo de las flexibilidades para re-
solverlas, se escoger como incgnita la reaccin vertical en el apoyo--
central, lo cual nos lleva a considerar una estructura isos'ttica que lla-
maremos estructura primaria (fig. 2). Dado que en la viga original la flecha en el apoyo central
debe ser nula, lo cual implica considerar que la flecha debida a las
cargas en ese punto deber ser igual y de sentido contrario a la flecha
debida a la reaccin:
a) E UM:.ic.a debida a caJtga
b) E~4tica debida a ~a Jteacci6n B
A s e -----~:;~- ---------~ 2L
1 + : ----------- -z:r~B~----- 1 ~ sfR -~
A 1 B ' " 1 1 e 1 1 1
Ji l l Il J l l e) E~..;tJ.ca 6J.na~ A~----------8~~-----------~C
Fig. 2
56
La ecuacin llBP + liBX = O , es una ecuacin de compatibilidad
de desplazamientos, porque garantiza el desplazamiento final como com~
tible con las condiciones de apoyo originales de l estructura.
De la ecuacin de compatibilidad se calcula el valor de la incg-
nita y el resto de la estructura podr resolverse aplicando las ecuaciones
de Esttica.
Para una estructura con E_ redundantes, los desplazamientos debe
rn ser calculados para ( n + 1 ) sistemas de cargas: a) Un anlisis para el sistema de cargas y
b) n anlisis para efectos de cada redundante.
La satisfaccin de compatibilidad involucra un conjunto de n ecua ciones lineales, donde cada ecua.cin expresa una condicin del desplaza-
miento final de la estructura cargada.
Cualquiera de las componentes de los desplazamientos para la e~
tructura pri.n:iaria son medida de la flexibilidad de la estructura, es de--
cir, que la estructura es ms flexible cuanto mayores sean los valores -
de los desplazamientos.
II.- SOLUCION PARTICULAR Y COMPLEMENTARIA
.Como se mencion en la Introduccin, en el mtodo de las flexi-
bilidades, la solucin de una estructura hiperesttica se logra mediante -
la superposicin de desplazamientos de estructuras isostticas, que se les
puede llamar estructuras primarias.
La estructura primaria no es nica ya que depende de la seleccin
q11se haga de las incgnitas o redundantes y la mejor de ellas ser. la que /
invlucre el mnimo de trabajo nmerico. Para obtener la estructu _7.a primaria, se h a e e la supresin de apoyos, o la transforma--
cin de un tipo de apoyo en otro ms simple,o por una ruptura de la elsti-
ca de la estructura, que puede ser angular, lateral_o longitudinal.
Para aclarar lo anterior, ve~mos la estructura siguiente. (fig. 3)
Fig. 3
')/
Es una estructura hiperesttica en tercer grado y dependiendo de
la seleccin de incgnitas, podra haber entre otras, las siguientes estru~
turas primarias: al )r------------'---,
e) Fig. 4
Se hace notar que las condiciones que tienen estas estructuras --
;rimaras o cualesquiera otras deben ser estabilidad e isostaticidad.
Se le llamar solm:;:in particular a la estructura primaria sobre
la que actan las fuerzas externas y solucin complementaria a la estruct~
ra primaria sobre la cual actan cada una de las redundantes o incgnitas.
m. CALCULO DE LAS FLEXIBILIDADES
Para ilustrar el clculo de las flexibilidades y la formulacin de
las ecuaciones de compatibilidad, se resolver la estructura siguiente:
! [W/m
J r ~W/m
1 F ~B -8 e e
E-.
X3 A D
" " x;--t a) Estructura real b) Estructura primaria XI
Fig. 5 De acuerdo con la estructura primaria, las incgnitas sern las
reacciones vertical y horizontal en D y el momento en D.
Por lo tanto, la estructura real se podr descomponer en la suma
de las siguientes estructuras primarias con los efectos indicados en la
fig. 6.
:::w/m t I ~ 1 1 l 1
nn solucin par llcular
+
Pig. 6
53
+ll + -" X2
solucin complementaria
58 La base de la compatibilidad en la estructura real ser que el de~
plazamiento vertical, horizontal y el giro en D son nulos.
La representacin grfica de dichos desplazamientos se muestra
a continuacin Fig. 7:
-- -~
\ ' ' -~
' 1
'
\
' 1
'
1
f33/ 1
f/ t 3 grado de libertad 1
Fig. 7
grado de libertad .2
-t;;+ grado de libertad 3
El primer subndice indica la correspondencia con el grado de li-
\~ertad y el segundo la causa que provoca el desplazamie:1to. Por ejemplo, indica el desplazamiento horizontal debido al momento que es la
causa 3.
Las ecuaciones de compatibilidad se escribirn como sigue:
a) El desplazamiento vertical en D es nulo:
LI.1P + fu X1 + f12 X2 + f13 X3 O \
b) El desplaza,mientG horizontal en D es nulo: f::.zp + f21 X1 + f22 X2 + f23 X3 o
e) El giro en D es nulo:
Del sistema anterior de ecuaciones lineales, se obtendr el valor
de las incgnitas X1, X2 y X 3 . Si alguno de los valores obtenidos r_::
sulta con signo negativo, significa que acta en direccin contraria a las.!:!
puesta. L Es conveniente definir el efecto de las fuerzas redundantes de la
estructura primaria en trminos de los desplazamientos producidos por -
fuerzas (o causas) unitarias correspondientes a las red~ndantes.
Por ejemplo, fij corresponde al grado de libertad deb do a una causa (fuerza o momento) unitaria aplicada en . A es te valor
fij se le llama coeficiente de flexibilidad. ,.-..
Los coeficienteil de flexibilidad, son entonces desplazamientos d_::
bidos a causas unitarias y dependen de la geometra y propiedades elsti-
cas de la estructura primaria y son independientes del sistema de cargas
real de la estructura real. ) As, por ejemplo, en la estructura anteri~ y f12 son coe
cientes de flexibilidad lineales y f13 es un coeficient
en forma general
123 = J m3 m2 dx El Uj =f m~tj dx
La integral anterior se resuelve rpidamente para los casos ms
comunes mediante el uso de tablas.
La secuela de clculo, para la aplicacin del mtodo de las flexi-
bilidades, puede resumirse como sigue:
1) Determinar el grado de hiperestaticidad n de la estructura.
2) Seleccionar las n incgnitas o redundantes y por lo tanto -
la estructura primaria correspondiente.
3) Resolver las n + 1 estructuras, calculando los desplaza--
mientas debidos a las cargas y a cada una de las redundantes.
4) Plantear las n ecuaciones de compatibilidad de desplaza--
mientas y resolver el sistema, obteniendo as el valor de
cada una de las incgnitas.
5) Obtencin de los diagramas de elementos mecnicos.
IV. ARMADURAS
En el anlisis de armaduras hiperestticas, al aplicar el mtodo
de las flexibilidades para el clculo de las fuerzas en las barras, el pro--
blema se puede presentar segn que el grado de hip~res?lticidad sea exte_E
no, interno o ambos.
60
Por ejemplo en la armadura de la figura 9, el grado de hipere~ taticidad es uno y proviene de un apoyo, o sea externo:
Fig. 9
La ecuacin de compatibilidad sera, suponiendo como incgnita,
la reaccin central, que la deformacin vertical en ese punto es nula.
Las fuerzas en las barras se obtendran, una vez calculado el valor de
la incgnita, sumando algebricamente las fuerzas debidas a la estructu
ra primaria sometida a las cargas externas y al efecto de la redundan-
te. Fig. 10
+ A
p 'P p p
[lBP + fBBXB = Q
Fig. 10
~os coeficientes de flexibilidad debidos a efectos axiales, se deter
minan mediante la expresin:
f; Lnl nJ L' AE 1
Cuando la hiperestaticidad en las armaduras es de origen interno
como en el caso de la Fig. (ll)
~-~8~------------~c F
Fig. 11
la estructura primaria se formar "cortando" una de las barras
y el problema se reduce a aplicar una ecuacin de compatibilidad del miel!!_
bro liberado o sea:
Ll.IP + fu X1 o ~ 1
+ Fig. 12
61
Para la obtencin de los valores de l).;p y f11 , lo ms con ve--
niente es el uso de tablas semejantes a las que se utilizaron para calcular desplazamientos por el mtodo de trabajos virtuales en armaduras.
Barra p p L
AB BC CD DA 08 AC
A s..E..:.!?.l.... AE
'--..-'
fl.p
p.pL l:---;:r F = P + pX1
Las fuerzas en las barras sern la suma de -efectos de la estruc-
tura primaria bajo las cargas y bajo cada una de las redundantes, en este caso solamente una.
Cuando se presente el caso de hiperestaticidad interna y externa
simultneamente se superpondrn los efectos de ambas.
Es importante sealar que el grado de hiJeres taticidad, que in ter~ sa es el total de ambos: externo e interno. Sin embargo, se hizo hincapi
en la distincin entre ambos para proceder al anlisis.
V. ESTRUCTURAS CON ASENTAMIENTOS DE APOYOS
Cuando las estructuras presentan hundimientos diferenciales de~ dos a asentamientos de sus apoyos, la resolucin de las mismas mediante
63 Cuando las estructuras estn sobre apoyos elsticos, es convenien EJEMPLOS
te que las redundantes sean las fuerzas en los resortes, en tal forma que METODO DE FLEXIBILIDADES.
al plantear las ecuaciones de compatibilidad, los desplazamientos en los Problema No. 1 . Obtener el diagrma de momentos de la siguiente -
resortes sean iguales a la fuerza en el resorte dividido entre la constante viga.
de rigidez del mismo. El signo de este segundo miembro ser negativo,
ya que la fuerza aplicada del resorte a la estructura es de sentido contr~
rio a su desplazamiento, provocando un trabajo negativo. En la figura 14, la ecuacin de compatibilidad se c;scribira de
r ~k-%----------~EI~--------~~ T L/2 L/2
acuerdo con la figura 15. La estructura es de un grado de indeterminacin, por lo que se toma
r el apoyo en ) como redundante.
~ = K a)
ftft -~ ~ . --- --- ;:;_ ______ - ---~~ + 1 fll
b)
Donde
Estructura primaria.
i.--------1~ R, Solucin particular.
Cargas en la viga !p I --~---~-= --~ --'61 --- ( 1 )
Momentos en la viga
K constante del resorte Solucin complementaria.
Ll.iP + fll XI
Fig. 15
fll (II)
64
Ecuacin de compatibilidad. El diagrama d momentos es el siguiente:
ll 1 + f 11 R. 1 O
Clculo de ll 1 y f 11 (por tablas)
Clculo de ll 1 : (I) real con (Il) virtual
R.2 C3 (rengln 2, columna 3)
ET [Jl..ll 1 ~} s. (K + 2Kz)
Clculo de f 11 :
R.Z C2 (rengln
fll
5PL 3 - 4ITf
(TI) real con (II)
2, columna 2)
ET (7) fll
1 L' J rr
virtual
}sa=}L (L) L
Sustituyendo en la ecuaci6n de compatibilidad se obtiene:
R1 0,3125P
Las reacciones en la viga son 6l/
lp ____ ___J_:..__ ____ ~) O, 187 PL l l 0.687 p o. 372 p
0,3125 PL 2
_0,1875
En los ejemplos siguientes nicamente se anotar para el clculo de des-
plazamientos el nmero de rengln y columna correspondiente a la tabla.
Problema No. 2. Determinar en la viga siguiente el diagrama de mo
mentes flexionantes.
L/2 L/2
~ lp 1 E1
L
Su gr.ado de indeterminacibn es uno.
r > e + 3 '4 > 3
L/2 L/2
lp ~ EI
65
Eligiremos como redundante el apoyo (2)
Estructura primaria
Solucin particular.
~--- -----~-~-------~ [Il ~~~~~~tlllll~llll~
/lzo
Sqlucin complementaria
L/Z
-----r,:-':: llll ~-- ----~ ' 1
Ecuacin de compatibilidad = tiZO+ .f22 R2 = O
Clculo de deformaciones !::._ 0 !! f22 (por tablas)
Clculo de./12 0 , (I) real con (II) virtual
[Eilll2o [J l Z(RZ. CZ] + [RJ. C3]Z = r} s-Lk)Z +} s.
El grado de hiperestaticidad es = 2
Estructura primaria ()_
Solucin particular
Solucin complementaria
Ecuaciones de compatibilidad
o
fo2 + f 21 X + f22Y o
y ) ~
X,Y ~on momen~o~ un~~a~~o~ pa~a p~oduc~~ lo~ g~~o~ f rJ fl
~ t+l (+ l 1 M o
~1
66 Clculo de los giros f o 1 , f o 2 , f 1 1
2 _!_ S~mk) 3 j-t8'8{-7)1=- 42.667
foz=
f 1 1 ~
Momz=(R5 1 S~mK= 1 . C2 1 = 3 3
m1m1 =(RIO'C71 = 1 S~K 1 3 3
= ( R 3' C 2 1 = _!__ S~K 6
8. 8. 1 : 21.33
16' (-J) (-71=5.333
1 . 8. { -71 ( 71 6
i ,B(JLUJ =2.666 Sustituyendo en las ecuaciones de compatibilidad
-42.667 + 5.333X- 1.333Y =O
21.333 - 1. 333X + 2.666Y = O
Resolviendo el sistema anterior
X= 6.85 ~-m; Y =-4.57~-m;
Reacciones- en' tavrga.-.
- 1. 3 33
-~ ; 1'6.85 -4.57
~ ' ~ 1 '
7. ~ +" 8in -+- 8m -1-
o.85L 0- 85 1 r=-=14
r o. 2 8 o. zsj r=t4
1t/m ) ~4.57 ~~7. 3.141 9.141 3.71
67
Diagrama de fuerza cortante El grado de hiperestaticidad es n 2 ((? 1 , R2 )
4.2 8 Se aplicarn momentos unitarios en los apoyos () y (z)
3.14 Estructura primaria
3.7
4. 8 5 [7 J [ 2)
Diagrama de momentos Solucin part.icular T 9
M o
Solucin complementaria
f
4.57 6.85
,/--(>
Clculo de los giros for, foz, f11, f21=fz, f22.
for= Mom1 RZ.C7 + R3.C7 = ~ S[1 + a )i K+~ S (1 + 81 iK fo= t (4) [1+5) (-1) (4) +} (6) (1+0,5) (-1} (9) -17,50 foz. Momz R10,CZ + R3.C4 i- S(J+a)!Gt +} S.
69
Diagrama de Momentos
4. 41
3.;9
5.55
Problema 5. Obtener las reacciones y diagramas de fuerza cortante y
momento flexionante del siguiente marco.
~ I 4m ZE1 E1 EI
,
3m 3m
El nmero de redundantes en el marco es n = 2
Se eligirn como redundantes las reacciones en la articulacin; por lo
tanto la estructura equivalente es como se muestra enseguida
Solucin particular
4
/,.._ ___ ----1 ---
1 1
X
-,
' '
/1' ~l foz Sol. Complemen~a4ia fo,
-----1. ,.. \ 1 1 1 1 1 \ \
1 ..____._ \ Ir fz1
......._.
1-+ fll
Diagrama de fuerza cortante
Diagrama de momentos
~ '
. 6
.45
Problema 6. Calcular las reacciones y dibujar los diagramas de fuer-
za cortante y momentos flexionantes del marco mostrado en la figura,
el cual est restringido lateralmente por un resorte en el mido C; a su
vez el apoyo D tiene un desplazamiento verti"cal den = 5 cm.
Las dimensiones estn indicadas en la misma figura.
71
1M 4T
3M
2 T/m B~~oaa=~~~oo~~
n
6m
I n=5cm
K= J:tn/cm (de.t Jte&oJt.te) E ='2,10x10 6 kgjcm2 I = 1 o' cm4
El grado de indeterminacin del marco es n=2 ; se ctoman los nudos
C y D como redundantes por existir movimientos -en ellos.
Estructura primaria
r-----------------~ ~
)
X lf Y &on. .ta.
Rl,C2 = 1 s 4 (6] (4) 48 "f "f
Sustituyendo en las ecuaciones de compatibilidad
_ 342 + 21. 333 X+ i_! y=- X(J0- 2 ], EI = (2.1 x. 10 6 kq) (10 4 cm') EI EI EI -:::'::2 cm
-
1134 +
48 X+~ Y=- 5(10- 2 ), EI 2.1 x 10 10 kg-cm2 =2100 ;f;,m2 EI EI EI
Resolviendo el sistema anterior
X = 0,308 ;tn y = 5. 615 ;f;n
Clculo de reacciones
4T"'----
~ 3,692 13 07 8 ---;::::L..
6,385
0:
r 5.615
-hf -+-11
~-----=-:__-_-_'.:..-....,-2-e \ \
\
\ 1 1
\ \ \
z
--r
--
---
\ \
... f 12 t _,_
\
\ \
\
\ \
\
Ecuaciones de compatibilidad
\
'Ifn
m,.
4
6 (+)
+ mz
6
Clculo de los desplazamientos fo1, foz, f11, f22, f12='f21 (pO"- ;ta.b.f.MI
fo= Mom1 = R4,C3 + R3,C1 = 1 S[U1k 1 + 2k; + .i1 K2 + .t2 K1 ) +} S.tK 6
EI f 01 = {. 3(2{1) (-36) + 2(4 ) (-48) + (1) (-48) + (4) (-36J) +} (1) {1; (-36)
EI f 02 = 3 (-48 -36)6 + 1 (6) (-36) + 6 (-36) (6)= - 1134 "f 4 2 --
Elf= m1 m1 = R2.C2 = 1 s.ik = 4 (4) (4) = 21.333 3 3 --
El f 22 = m2m2 = R1.C1 + R2.CZ = s.ik + 1 s.tk = 4(6) (6) + 6 (6) (6) = 180 3 3--2- --
342
73
Diagrama de fuerza cortante
3,692
Diagrama de momentos
Problema 7 . Calcular las fuerzas axiales de la armadura siguiente.
LlL Jte.ac.onu en 1:.01.> apoyo!.> !.>On Ax = 8zn (+); Ay= 8zn (+), By=8zn (t)
6+3>2(4) 9 > 8 Polt lo ~o hay una Jte.dundanZe.
Convencin de signos
CompJtu).6n H
Solucin complementaria
-0.71
-0.71
1 _,~
/ o
1
,/ f,
/fil -0.71
-0.71
O (No)
Nota: Las fJ.erzas internas en la
armadura para cada una de las -
condiciones de carga, pueden .ob-
tenerse por algn mtodo analti-
co (por nudos o secciones) o gr-
fico.
A continuacin se construye una tabla de clculo
Barra N n L NnL AB 8 -0. 7 2 -11.2 CD o -0.7 2 o AC 8 -0.7 2 -11.2 BD o -0.7 2 o AD -- 1 2.85 o
CB~ -11. 4 1 2.85 -32.5
E -54.9
La ecuacin de compatilidad es
fo+ f 11R = O
f Non L. o1 = ; AE .t;
Estado final F = N + nR
De la tabla se tiene fo 54,9 . f _ 9,62 AE' 11- AE
nnL
0.98 0.98 0.98 o. 98 2.85 2. 85 9.62
Sustituyendo en la ecuacin de compatibilidad
_ 54. 9 + 9. 6 2 R = AE AE R = 5.1 tn.
nR
-4 -4 -4 -4
5. 7 5. 7
74 Reacciones en la armadura
8 -4 ----+~----------------~
F=N+ n R 4 -4
-4 4
-4 5.7
-5.7
Problema 8. La armadura que se muestra a continuacin, est suj!:: ta a una carga vertical de 100 ton. Determine ::or el mtodo de fle-
xibilidades, las reacciones y fuerzas internas que actuan en las ba--
rras.
Grado de indeterminacin . - ~ 1 O + 4 > 2 [6! 14 > 1Z
Por lo tanto existen 2 redundantes.
Estructura Primaria
F E
Solucin particular
Solucin Complementaria
0,331
"
Se el{g~~on eomo ~edund~nte La ~e~euonM de fu bMM BE 1J u
~pOIJO B
} 33.38 (N)
-0.8
75 Ecuaciones de Compatibilidad
Calculo de los desplazamientos f1o, f2o, f 11 , f,2, f 21 "' f 12
fJo ;Nn1 L AE fz2 = nzn2 L
AE f20 ~L ; AE
fl2 f2! ; 1'1A~2 L
Los clculos como las reas y longitudes de las barras se
muestran en la tabla siguiente:
Barra: N n n, L A ~ 1\ ~ A ~ A AB 44,4 -0.89 o 20 10 -79.0 o 1.6 BC 44,4 -0,89 -0.8 20 10 -79.0 -71. :J 1.6 CD 88,9 -0.44 o 20 10 -78,2 o 0.4 EF -88,9 0,44 -0,8 20 10 -78.2 142,2 0,4 BF o -1.0 -0.6 15 5 o o 3.0 CE -33.3 -0.33 -0,6 15 5 33.3 59.9 0,3 AF -55:6 1.11 o 25 10 -154.3 o 3.1 CF 55.6 0.55 1 25 5 154.3 278.0 1.5 DE -111. 1 0.55 o 25 10 -154.3 o 0.8 EB o o 1 25 5 o o o
; -435.4 409.1 12.7
nzn2L A
n1n2L A
o o 1.28 1.4 o o
1,28 -0.7 1.08 1.8 1.08 0.6 o o
5 2.8 o o
5 o
47.2 5.9
Sustituyendo los valores de los desplazamientos en las ecuaciones de -
compatibilidad, tenemos:
- 435.4 + J2.7Rl + 5.9P2
409.1 + 5.9 R1 + 47.2P2 =O
Cuya solucin es: R, 40.67 -ton., p2 - 13.35 -ton.
Multiplicando las fuerzas en las barras para los diferentes estados de
carga n, y n2 por las reacciones calculadas R1 y P2 respectivamente, se
obtiene la siguiente tabla.
Barra n 1 R 1 n, P, F=N+n1 R 1+ n,p,
AB -36.2 o 8.2 BC -36.2 10. 7 18.9 CD -17.9 o .71. o EF 17.9 10. 7 -60.3 BF 40.67 8.0 -32.7 CE -13.4 8.0 -38.7 AF 45. 1 o -10.5 CF 22.4 -13.35 64.7 DE 22.4 o -88.7 EB o -13.35 -13.35
Las reacciones finales en la armadura son las anotadas en la figura
F -60.3
A
76
Problema 9. Calcular las reacaiones en los apoyos y determinar el
desplazamiento del nudo 5 (.Sv5).
2m
lOT
2m 2m
Grado de indeterminacin 2 8+4>2(5) 12 > 10
Estructura primaria Solucin particular
:f1o J.
Solucin complementaria
T
: f12
Ecuacio
Los de
1-2 2-3 4-5 l 4 2-5 1-5 2-4 3-5
De la
f 1 o
f2 o
fll
1ciones de compatibilidad
desplazamientos se calculan en la siguiente tabla
RA No n nz
2 o -1 -0.71 l o -1 o S -10 2 -0.71 j
-10 1 -0.71 ) o o -0.71 S 14. 14 -l. 41 1 1 o o 1 S o
' l. 41 o
La tabla anterior se tiene
: Molt L = 116 AE - AE
IJoltz L _ 68,Z8 AE -~
111t 1 L _ 25,2 A E - ----::
fzz
L NonL NQD2L n 1n1L
2 o o 2 2 o o 2 2 -40 14. 14 8 2 -20 J 1. 14 2 2 o o o 2. 8 -56 40 5.6 2.8 o o o 2.8 o o 5.6
:; -116 68.28 25.2
~ ltltz L _ 6,84 " AE - - ----::
[ ltzltz L 9.64 A E = ----::
77
nzn1L nznzL
l. 41 1 o o
-2.84 1 -l. 41 1 o 1 ~4.0 2.82 o 2.82 o o
-6.84 9.64
Sustituyendo en las ecuaciones de compatibilidad
-116 + 25,ZR 1 - 6,84R2 = O
68,Z8- 6.84R, + 9.64Rz =
Resolviendo el sistema: R1 = 3,3ZT; Rz= - 4,65 T
Las fuerzas finales que actan en cada barra se obtiene por superposi-
cin de efectos, dada por la ecuacion F = No + n1R1 + nzRz
As, para las reacciones finales tenemos
Estado final
3.38 'l.
-
BARRA
1-2 2-3 4-5 1-4 2-5 1-5 2-4 3-5
(1)
n1 R1 nzRz
-3.32 3.32 -3.32 o 6.64 3.32 3.32 3.32
o 3.32 -4.65 -4.65 o -4.65 -4.65 o
(2)
(5)
Na F
o o o -3.32 -10 o -10 -3.32 o 3.32 14. 14 4. 78 o -4.65 o 4.65
(3)
78 Para calcular .Svs se integra la armadura original (F) con la armadu
ra virtual que resulta de aplicar una fuerza virtual en el punto de in-
ters a la estructura primaria.
o
(5) -1.0 1T
(rt)
BARRA F n L 1-2 o o 2 2-3 -3.32 o 2 4-5 o -1 2 1-4 -3. 32. -1 2 2-5 3.32 o 2 1 -5 4.78 1.41 2.8 2-4 -4.65 o 2.8 3-5 4.65 o 2.8
o
FnL
o o o
6.64 o
19.12 o o
25.76
(3)
Como Wve = Hvi
lovs'=l:~L AE ovs = z;/6